【未解決】登録処理がうまくいかない

• こんなデータがあります

$kinds = array('みけ','さば','とら','はちわれ','くろ');

• これをその他の要素とまとめてやります

//動物種類（kind）ごとにデータをまとめる
$inputData = [];
foreach($kinds as $value) {
    $item = array(
        'kind'=>$value,
        'birthday'=>date('Y-m-d H:i:s'),
    );
    array_push($inputData,$item);
}

//登録処理
for($i = 0; $i < count($inputData); $i++){
    DB::insert([
        'kind'=>$inputData[$i]['kind'],
        'birthday'=>$inputData[$i]['birthday'],
    ]);
}

• 実行します

• ﾃﾞﾃﾞﾄﾞﾝ!（エラー）

（/vendor/laravel/framework/src/Illuminate/Database/Query/Builder.php）
"ksort() expects parameter 1 to be array, string given"

🙂💭　 原因わからず。どうしようもなく。
配列の渡し方とかが悪いんだろうけど今回は諦めます。わかる人教えてください。

テーブルの指定がないです。
DB::table(‘$テーブル’)->insert()じゃないですかね？

— たべたつ (@ttabtt3) 2018年5月18日

いやこれforeachでバラした(string)valueをksort()してますね。
ksort()の引数はarrayしか受け付けない系エラーです。

— Masaki🍭Webエンジニア (@plus_one_masaki) 2018年5月18日

コードを読み直したところ、$inputData[$i]['kind']としてるのを、$inputData[$i]にしたら行けそうな気がします。

— Masaki🍭Webエンジニア (@plus_one_masaki) 2018年5月18日

array to string conversionってのがでました。
たぶん、挿入する値がどのキーに紐付いてるか指定したいのがまずいんじゃないかと思いました……むん。。

— 🥦あじちゃん🐈求職中 (@anya_an1) 2018年5月18日

手元で実行してみると、こんな感じです。 pic.twitter.com/8DUpOzzC7R

— たべたつ (@ttabtt3) 2018年5月18日

これ、実際のコードだとコントローラで呼び出したDBクラスからの呼び出しでなく、モデルで呼び出したDBクラスのメソッドを使ってるのでその設定がまずかったりするかもです…
トランザクションも似たような環境で失敗してしまってて。

— 🥦あじちゃん🐈求職中 (@anya_an1) 2018年5月18日

use DB
してあげてれば、controllerでもmodelでも同じ設定でDBファサードが使えるのでそれはないかと思いますよ😀

— たべたつ (@ttabtt3) 2018年5月18日

ふーむ🤔なるほどです。
書き方を変えるとふつーにインサートできてるのでテーブル指定が書かれてるモデルを経由してないせいでテーブル設定がないことになってるのかなと思っちゃいました。

— 🥦あじちゃん🐈求職中 (@anya_an1) 2018年5月18日